2011年高考数学真题文科(四川卷)word解析版

绝密★启用前

2011年普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)

数 学(文史类)

本试题卷分第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）两部分．第1部分1至2页，第二部分3至4页，共4页．考生作答时，须将答案打在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效，满分150分，考试时间120分钟．考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回．

参考公式：

如果事件A、B互斥，那么 球是表面积公式

P(AB)P(A)P(B) S4R2

如果事件A、B相互独立，那么 其中R表示球的半径

P(AB)P(A)P(B) 球的体积公式 4如果事件A在一次试验中发生的概率是P，那么 VR3

3n次独立重复试验中恰好发生k次的概率 其中R表示球的半径

kkPn(k)CnP(1P)nk

第一部分（选择题 共60分）

1．选择题必须使用2B铅笔将答案标号填涂在答题卡上对应题目标号的位置上． 2．本大题共12小题，每小题5分，共60分．

一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只

有一项是符合题目的要求的． 1．若全集M{1,2,3,4,5}，N{2,4}，则ðMN

（A） （B）{1,3,5} （C）{2,4} {1,2,3,4,5}

答案：B

解析：∵M{1,2,3,4,5}，则ðMN{1,3,5}，选B．

（

D

）

2．有一个容量为66的样本，数据的分组及各组的频数如下：

[11.5，15.5) 2 [15.5，19.5) 4 [19.5，23.5) 9 [23.5，27.5) 18 [27.5，31.5) 1l [31.5，35.5) 12 [35.5，39.5) 7 [39.5，43.5) 3 根据样本的频率分布估计，大于或等于31.5的数据约占

2112（A） （B） （C） （D）

23113答案：B

221解析：大于或等于31.5的数据共有12+7+3=22个，约占，选B．

6633．圆x2y24x6y0的圆心坐标是

（A）(2，3) 答案：D

（B）(－2，3)

（C）(－2，－3)

（D）(2，－3)

『数学教师网』收集整理 第1页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

解析：圆方程化为(x2)2(y3)213，圆心(2，－3)，选D．

14．函数y()x1的图象关于直线y=x对称的图象像大致是

2

答案：A

1解析：y()x1图象过点(0,2)，且单调递减，故它关于直线y=x对称的图象过点(2,0)2且单调递减，选A． 5．“x＝3”是“x2＝9”的

（A）充分而不必要的条件 （C）充要条件 答案：A

解析：若x＝3，则x 2＝9，反之，若x 2＝9，则x3，选A． 6．l1，l2，l3是空间三条不同的直线，则下列命题正确的是

（A）l1l2，l2l3l1//l3

（B）l1l2，l2//l3l1l3

（D）l1，l2，l3共点l1，l2，l3共面

（B）必要而不充分的条件 （D）既不充分也不必要的条件

（C）l2//l3//l3l1，l2，l3共面

答案：B

解析：由l1l2，l2//l3，根据异面直线所成角知l1与l3所成角为90°，选B．

7．如图，正六边形ABCDEF中，BACDEF （A）0 （B）BE

（C）AD （D）CF

答案：D

解析：BACDEFCDDEEFCF，选D．

8．在△ABC中，sin2Asin2Bsin2CsinBsinC，则A的取值范围是

（A）(0,]

6

答案：C

2

（B）[,)

622

（C）(0,]

3

222

（D）[,)

3b2c2a21解析：由sinAsinBsinCsinBsinC得abcbc，即，

2bc21∴cosA，∵0A，故0A，选C．

329．数列{an}的前n项和为Sn，若a1=1，an+1 =3Sn（n ≥1），则a6=

『数学教师网』收集整理 第2页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

（A）3 × 44 答案：A

解析：由an+1 =3Sn，得an =3Sn－1（n ≥ 2），相减得an+1－an =3(Sn－Sn－1)= 3an，则an+1=4an（n ≥ 2），a1=1，a2=3，则a6= a2·44=3×44，选A．

10．某运输公司有12名驾驶员和19名工人，有8辆载重量为10吨的甲型卡车和7辆载重量为6吨的乙型卡车．某天需运往A地至少72吨的货物，派用的每辆车需满载且只运送一次．派用的每辆甲型卡车需配2名工人，运送一次可得利润450元；派用的每辆乙型卡车需配1名工人，运送一次可得利润350元，该公司合理计划当天派用两类卡车的车辆数，可得最大利润为 （A）4650元 （B）4700元 （C）4900元 （D）5000元 答案：C

u054x053y，解析：设派用甲型卡车x（辆），乙型卡车y（辆），获得的利润为u（元），xy12,2xy19,由题意，x、y满足关系式10x6y72,作出相应的平面区域，

0x8,0y7,

（B）3 × 44+1

（C）44

（D）44+1

xy12,u450x350y50(9x7y)在由确定的交点(7,5)处取得最大值4900元，

2xy19选C．

11．在抛物线yx2ax5(a0)上取横坐标为x14，x22的两点，过这两点引一条割

线，有平行于该割线的一条直线同时与抛物线和圆5x25y236相切，则抛物线顶点的坐标为

（A）(2,9) （B）(0,5) （C）(2,9) （D）(1,6) 答案：A

4a)解析：令抛物线上横坐标为x14、x22的点为A(4,11、B(2,2a1)，则

kABa2，由y2xaa2，故切点为(1,4a)，切线方程为(a2)xy60，该直线又和圆相切，则d6(a2)1265，解得a4或a0（舍去），则抛物线为

yx24x5(x2)29，定点坐标为(2,9)，选A．

12．在集合{1,2,3,4,5}中任取一个偶数a和一个奇数b构成以原点为起点的向量(a,b)，

从所有得到的以原点为起点的向量中任取两个向量为邻边作平行四边形，记所有作成的

m平行四边形的个数为n，其中面积等于2的平行四边形的个数为m，则

n2141（A） （B） （C） （D）

151553答案：B

解析：∵以原点为起点的向量(a,b)有(2,1)、(2,3)、(2,5)、(4,1)、

2(4,3)、(4,5)共6个，可作平行四边形的个数nC615个，结合图形进行计算，其中由(2,1)(4,1)、(2,1)(4,3)、(2,3)(4,5)确定的平行四边

形面积为2，共有3个，则

m31，选B． n155『数学教师网』收集整理 第3页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

第二部分（非选择题 共90分）

注意事项：

1．必须使用0.5毫米黑色墨迹签字笔在答题卡上题目所指示的答题区域内作答，作图题可先用铅笔绘出，确认后再用0.5毫米黑色墨迹签字笔描清楚，答在试题卷上无效．

2．本部分共10小题，共90分．

二、填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分.

13．(x1)9的展开式中x3的系数是_________．（用数字作答）

答案：84

63解析：∵(x1)9的展开式中x3的系数是C9C984．

x2y214．双曲线那么P到左准线的距离是____． 1上一点P到双曲线右焦点的距离是4，

6436答案：16 答案：16 54516解析：离心率e，设P到右准线的距离是d，则，则d，则

4d4526416P到左准线的距离等于16． 10515．如图，半径为4的球O中有一内接圆柱．当圆柱的侧面积最大时，球的表面积与该圆柱的侧面积之差是_________． 答案：32π 解析：如图，设球一条半径与圆柱相应的母线夹角为α，圆柱侧面积

S24sin24cos＝32sin2，当4时，S取最大值32，此时球的表面积与

该圆柱的侧面积之差为32． 16．函数f(x)的定义域为A，若x1,x2A且f(x1)f(x2)时总有x1x2，则称f(x)为单函

数．例如，函数f(x)=2x+1(xR)是单函数．下列命题： ①函数f(x)x2（xR）是单函数； ②指数函数f(x)2x（xR）是单函数； ③若f(x)为单函数，x1,x2A且x1x2，则f(x1)f(x2)； ④在定义域上具有单调性的函数一定是单函数． 其中的真命题是_________．（写出所有真命题的编号） 答案：②③④ 解析：对于①，若f(x1)f(x2)，则x1x2，不满足；②是单函数；命题③实际上是单函数命题的逆否命题，故为真命题；根据定义，命题④满足条件．

三、解答题：本大题共6小题，共74分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 17．（本小题共l2分）

本着健康、低碳的生活理念，租自行车骑游的人越来越多．某自行车租车点的收费标准是每车每次租车不超过两小时免费，超过两小时的部分每小时收费标准为2元(不足1小时的部分按1小时计算)．有甲、乙人互相独立来该租车点租车骑游（各租一车一

11次）．设甲、乙不超过两小时还车的概率分别为、；两小时以上且不超过三小时还

42『数学教师网』收集整理 第4页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

11、；两人租车时间都不会超过四小时． 24（Ⅰ）分别求出甲、乙在三小时以上且不超过四小时还车的概率； （Ⅱ）求甲、乙两人所付的租车费用之和小于6元的概率． 本小题主要考查相互独立事件、互斥事件等概念及相关概率计算，考查运用所学知识和方法解决实际问题的能力． 解：（Ⅰ）分别记甲、乙在三小时以上且不超过四小时还车为事件A、B，则

111111P(A)1，P(A)1．

42424411答：甲、乙在三小时以上且不超过四小时还车的概率分别为、．

44（Ⅱ）记甲、乙两人所付的租车费用之和小于6元为事件C，则

1111111111113P(C)()()()．

42442224424443答：甲、乙两人所付的租车费用之和小于6元的概率为

418．（本小题共l2分）

73已知函数f(x)sin(x)cos(x)，xR． 44（Ⅰ）求f(x)的最小正周期和最小值； 44（Ⅱ）已知cos()，cos()，0．求证：[f()]220．

552本小题考查三角函数的性质，同角三角函数的关系，两角和的正、余弦公式、诱导公式等基础知识和基本运算能力，函数与方程、化归与转化等数学思想．

7733（Ⅰ）解析：f(x)sinxcos cosxsincosxcossinxsin4444车的概率分别为

2sinx2cosx2sin(x)，∴f(x)的最小正周期T2，最小值f(x)min2． 444（Ⅱ）证明：由已知得coscossinsin，coscossinsin

55两式相加得2coscos0，∵0∴[f()]224sin22，∴cos0，则2．

420． 19．（本小题共l2分） 如图，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，∠BAC=90°，AB=AC=AA1=1，延长A1C1至点P，使C1P＝A1C1，连接AP交棱CC1于D． （Ⅰ）求证：PB1∥平面BDA1； （Ⅱ）求二面角A－A1D－B的平面角的余弦值； 本小题主要考查直三棱柱的性质、线面关系、二面角等基本知识，并考查空间想象能力和逻辑推理能力，考查应用向量知识解决问题的能力． 解法一：

（Ⅰ）连结AB1与BA1交于点O，连结OD，

∵C1D∥平面AA1，A1C1∥AP，∴AD=PD，又AO=B1O， ∴OD∥PB1，又OD面BDA1，PB1面BDA1， ∴PB1∥平面BDA1．

（Ⅱ）过A作AE⊥DA1于点E，连结BE．∵BA⊥CA，BA⊥AA1，『数学教师网』收集整理 第5页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载 且AA1∩AC=A，

∴BA⊥平面AA1C1C．由三垂线定理可知BE⊥DA1． ∴∠BEA为二面角A－A1D－B的平面角．

15在Rt△A1C1D中，A1D()212，

22又SAA1D1152511AE，∴AE． 2225在Rt△BAE中，BE(252235AH2，∴cosAHB)1．

55BH3故二面角A－A1D－B的平面角的余弦值为

2． 3解法二：

如图，以A1为原点，A1B1，A1C1，A1A所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系A1－B1C1A，则A1(0,0,0)，B1(1,0,0)，C1(0,1,0)，B(1,0,1)，P(0,2,0)． 11（Ⅰ）在△PAA1中有C1DAA1，即D(0,1,)．

22∴A1B(1,0,1)，A1D(0,1,x)，B1P(1,2,0)． 设平面BA1D的一个法向量为n1(a,b,c)， n1A1Bac0,1c1则令，则n(1,,1)． 112nADbc0.1121∵n1B1P1(1)2(1)00， 2∴PB1∥平面BA1D，

1（Ⅱ）由（Ⅰ）知，平面BA1D的一个法向量n1(1,,1)． 2又n2(1,0,0)为平面AA1D的一个法向量．∴cosn1,n2n1n212．

|n1||n2|1332故二面角A－A1D－B的平面角的余弦值为2． 320．（本小题共12分）

已知{an}是以a为首项，q为公比的等比数列，Sn为它的前n项和．

（Ⅰ）当S1、S3、S4成等差数列时，求q的值；

（Ⅱ）当Sm、Sn、Sl成等差数列时，求证：对任意自然数k，amk、ank、alk也成等差数列．

本小题考查等比数列和等差数列的基础知识以及基本运算能力和分析问题、解决问题的能力．

解：（Ⅰ）由已知，anaqn1，因此S1a，S3a(1qq2)，S4a(1qq2q3)．

当S1、S3、S4成等差数列时，S1S42S3，可得aq3aqaq2．

15． 2（Ⅱ）若q1，则{an}的每项ana，此时amk、ank、alk显然成等差数列．

化简得q2q10．解得q若q1，由Sm、Sn、Sl成等差数列可得SmSl2S，即n『数学教师网』收集整理 第6页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载 a(qm1)a(ql1)2a(qn1)． q1q1q1整理得qmql2qn．因此，amkalkaqk1(qmql)2aqnk12ank．

所以，amk、ank、alk也成等差数列． 21．（本小题共l2分）

3x2y2过点C(0，1)的椭圆221(ab0)的离心率为，椭圆与x轴交于两点A(a,0)、

2abA(a,0)，过点C的直线l与椭圆交于另一点D，并与x轴交于点P，直线AC与直线BD交于点Q．

（I）当直线l过椭圆右焦点时，求线段CD的长；

（Ⅱ）当点P异于点B时，求证：OPOQ为定值．

本小题主要考查直线、椭圆的标准方程及基本性质等基本知识，考查平面解析几何的思想方法及推理运算能力．

c3x2解：（Ⅰ）由已知得b1,，解得a2，所以椭圆方程为y21． a24椭圆的右焦点为(3,0)，此时直线l的方程为 y7x283x0，解得x10,x2D(831,)， 773x1，代入椭圆方程得 3831，代入直线l的方程得 y11,y2，所以77故|CD|(83116． 0)2(1)2777（Ⅱ）当直线l与x轴垂直时与题意不符． 1设直线l的方程为ykx1(k0且k)．代入椭圆方程得(4k21)x28kx0．

28k14k2解得x10,x22，代入直线l的方程得y11,y22，

4k14k128k14k所以D点的坐标为(2,)． 4k14k21x4k,x12k又直线AC的方程为y1，又直线BD的方程为y联立得 (x2)，

y2k1.224k1因此Q(4k,2k1)，又P(,0)． k1所以OPOQ(,0)(4k,2k1)4． k故OPOQ为定值． 22．（本小题共l4分）

21已知函数f(x)x，h(x)x．

32（Ⅰ）设函数F(x)＝18f(x)－x2[h(x)]2，求F(x)的单调区间与极值；

33（Ⅱ）设aR，解关于x的方程lg[f(x1)]2lgh(ax)2lgh(4x)；

241（Ⅲ）设nN*，证明：f(n)h(n)[h(1)h(2)h(n)]．

6『数学教师网』收集整理 第7页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

本小题主要考查函数导数的应用、不等式的证明、解方程等基础知识，考查数形结合、函数与方程、分类与整合等数学思想方法及推理运算、分析问题、解决问题的能力．

解：（Ⅰ）F(x)18f(x)x2[h(x)]2x312x9(x0)，

F(x)3x212．

令F(x)0，得x2（x2舍去）．

当x(0,2)时．F(x)0；当x(2,)时，F(x)0，

故当x[0,2)时，F(x)为增函数；当x[2,)时，F(x)为减函数． x2为F(x)的极大值点，且F(2)824925．

33（Ⅱ）方法一：原方程可化为log4[f(x1)]log2h(ax)log2h(4x)，

24xa,ax即为log4(x1)log2axlog24xlog2，且

1x4,4x①当1a4时，1xa，则x1ax，即x26xa40， 4x6204a35a，∵1xa， 364(a4)204a0，此时x2，由此时方程仅有一解x35a． ②当a4时，1x4364(a4)204a， x1ax4x，得x26xa40，

若4a5，则0，方程有两解x35a； 若a5时，则0，方程有一解x3； 若a1或a5，原方程无解． 方法二：原方程可化为log4(x1)log2h(4x)log2h(ax)，

1即log2(x1)log24xlog22x10,1x44x0, xa,ax，ax0,a(x3)25.(x1)(4x)ax.①当1a4时，原方程有一解x35a； ②当4a5时，原方程有二解x35a； ③当a5时，原方程有一解x3； ④当a1或a5时，原方程无解． （Ⅲ）由已知得h(1)h(2)h(n)]12n， 14n31f(n)h(n)n． 6661设数列{an}的前n项和为Sn，且Snf(n)h(n)（nN*）

64k34k1从而有a1S11，当2k100时，akSkSk1kk1．

661(4k3)2k(4k1)2(k1)1又akk[(4k3)k(4k1)k1]

6(4k3)k(4k1)k16110． 6(4k3)k(4k1)k1『数学教师网』收集整理 第8页 共9页 欢迎下载教学资料

数学教师网[www.sxjs8.cn] 精品资料免费下载

即对任意k2时，有akk，又因为a111，所以

a1a2an12n．

则Snh(1)h(2)h(n)，故原不等式成立．

『数学教师网』收集整理 第9页 共9页 欢迎下载教学资料