物理模拟测试卷
一、单项选择题(本大题共20小题，每小题3分．在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意．)
1．关于经典力学，下列说法正确的是( ) A．适用于宏观物体的低速运动 B．仅适用于微观粒子的运动
C．经典力学中，物体的质量与其运动速度有关 D．经典力学中，物体的长度与其运动速度有关
解析：B经典力学适用于宏观低速运动的物体，宏观物体是相对于微观粒子而言的，所以经典力学不仅仅适用于像地球和太阳这样大的宏观物体，还适用于体积较小的一些宏观物体，故A正确，B错误；在相对论力学中，物体的质量、长度与其运动速度有关，但在经典力学中，物体的质量、长度与其运动速度无关，故C、D错误．
答案：A
2．下列预防措施中，与离心现象无关的是( ) A．砂轮的外侧加防护罩 B．厢式电梯张贴超载标识 C．火车拐弯处设置限速标志 D．投掷链球的区域加防护网 解析：B厢式电梯张贴限载标识是提示载重量不要超出范围，与离心现象无关，故B符合题意．
答案：B
3．小明陪妈妈去超市购物，他在从一层到二层的过程中，站立
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在自动人行道上，并随自动人行道做匀速运动．自动人行道为如图所示的坡面平整的斜面，从侧面看可简化为如图所示的示意图．若该超市一层和二层之间自动人行道的长度约为20 m，小明测得他从一层到二层所用的时间约为40 s，则自动人行道运行速度的大小约为( )
A．2 m/s C．0.5 m/s
B．1 m/s D．0.2 m/s
s20 m
解析：B人行道做匀速运动，由速度公式v＝＝＝0.5 m/s，
t40 sC正确，A、B、D错误．
答案：C
4．如图所示，飞机静止在机场跑道上，它所受的支持力( )
A．是由飞机的形变产生的 B．是由跑道的形变产生的
C．与跑道所受的压力是一对平衡力 D．与它所受的重力是作用力与反作用力
解析：B飞机静止在机场跑道上，它所受的支持力，是由跑道的形变产生的．故A错误，B正确；飞机静止在机场跑道上，它所受的支持力与它所受的重力是一对平衡力；它所受的支持力与跑道所受的压力是作用力与反作用力．故CD错误．故选B.
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答案：B
5．某研究性学习小组学习电学知识后进行对电工穿的高压作业服进行研究，发现高压作业服是用铜丝编织的，下列各同学的理由正确的是( )
A．甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织
B．乙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起保护作用
C．丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用
D．丁认为铜丝必须达到一定的厚度，才能对人体起到保护作用 解析：B高压作业服是用铜丝编织的，这利用到了静电屏蔽内容，高压服在外电场作用下静电感应继而处于静电平衡状态，因为处于静电平衡状态下的导体内部场强为零，所以这样可以保护人体，C正确．
答案：C
6．老鹰在天空中飞翔，图中虚线表示老鹰在竖直平面内飞行的轨迹，关于老鹰在图示位置时的速度v及其所受合力F的方向可能正确的( )
解析：B做曲线运动的物体，速度方向一定沿轨迹在该点的切线方向，故A、D均错误；做曲线运动的物体，合力方向必定在曲线的凹侧，故B正确，C错误．
答案：B
7．有人乘电梯时会晕梯，这往往都是电梯在加速或减速运动时出现．其实就是人体不适应超重和失重现象．下列说法正确的是
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( )
A．电梯向下加速运动时，乘客处于超重状态 B．电梯向上加速运动时，乘客处于超重状态 C．电梯向上减速运动时，乘客处于超重状态 D．电梯向下减速运动时，乘客处于失重状态 答案：B
8．如图所示，验电器原来不带电，将带正电荷的带电体靠近验电器的金属球，金属箔片张开．关于箔片张开后金属球和箔片的带电情况，以下判断正确的是( )
A．都带正电 B．都带负电
C．金属球带正电，箔片带负电 D．金属球带负电，箔片带正电
解析：B验电器原来不带电，将带正电荷的带电体靠近验电器的金属球，金属球因为静电感应，自由电子由金属箔向金属球移动，故金属球带负电，金属箔带正电．故D正确．
答案：D
9．对下列电学仪器的叙述正确的是( )
A．图甲中，电容器外壳上所标的“1.0F”是指该电容器工作时的实际带电荷量
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B．图乙中，验电器金属杆上端做成金属球状，是为了利用尖端放电现象
C．图丙中，金属电阻温度计常用纯金属做成，是利用了纯金属的电阻率几乎不受温度的影响
D．图丁中，磁电式电流表的主要构造有蹄形磁铁和线圈，是利用了磁场对电流的作用
解析：B “1.0 F”是指该电容器的电容，选项A错误；验电器金属杆上端做成金属球状，是为了防止尖端放电现象，选项B错误；金属电阻温度计常用纯金属做成，是利用了纯金属的电阻率随温度的升高而明显增大的特性，选项C错误；磁电式电流表是利用了磁场对电流的作用原理，选项D正确．
答案：D
10．高压钠灯曾广泛应用于城市、乡村的各条主干路、支路等，但高压钠灯有功耗大、显色性差等缺点，使得一部分城市开始尝试用LED路灯更换传统的高压钠灯．若高压钠灯功率为400 W，LED灯功率为200 W，若更换5 000盏，则一个月可节约的电能约为( )
A．9×103 kW·h C．6×105 kW·h
B．3×105 kW·h D．1×10512 kW·h
解析：B一个月节约的电能约为E＝(400－200)×10－3×5 000×10×30＝3×105 kW·h.故B正确．
答案：B
11．如图所示，质量为m的小车在与竖直方向成α角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向左运动一段距离l.在此过程中，地面对小车的支持力大小恒为FN，阻力大小恒为Ff.下列关于各力的大小关系
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正确的是( )
A．Ff 解得FN＝mg－Fcos α说明FN 12．弹簧一端固定，另一端受到拉力F 的作用，F与弹簧伸长量x的关系如图所示．该弹簧的劲度系数为( ) A．2 N/m C．20 N/m B．4 N/m D．0.05 N/m F 解析：B由图知，弹簧的劲度系数k＝＝20 N/m. x答案：C 13．一个物体自由下落，在第1 s末、第2 s末重力的瞬时功率之比为( ) A．1∶1 C．1∶3 B．1∶2 D．1∶4 6 解析：B物体自由下落，在第1 s末物体速度：v1＝gt＝10 m/s，第2 s末物体速度：v2＝gt′＝20 m/s，重力瞬时功率：P＝Fv＝mgv，所以重力瞬时功率之比为1∶2，A、C、D错误，B正确． 答案：B 14．两平行金属板相距为d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，如图所示，OA＝h，此电子具有的初动能是( ) edhA. UeUC. dh B.edUh eUhD. d UeUh 解析：B由动能定理得－eh＝－Ek，所以Ek＝. dd答案：D 15．如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端．当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端．下列判断正确的是( ) A．E为蓄电池正极 B．螺线管P端为S极 C．流过电阻R的电流方向向上 D．管内磁场方向由P指向Q 7 解析：B由题知，闭合开关时，螺线管Q端为S极，管内磁场方向由Q指向P，根据安培定则判断知，E为蓄电池的负极，电阻R中的电流方向向上，故C项正确． 答案：C 16．白光是由各种成分的单色光复合而成的，在真空中从红光到紫光波长依次减小．则下列说法中正确的是( ) A．红光的能量比紫光小 B．红光光子的能量比紫光光子的能量大 C．红光的频率比紫光小 D．温度升高，物体辐射的紫光增强、辐射的红光减弱 解析：B因为紫光的频率大于红光，根据ε＝hν知，红光的光子能量比紫光的光子能量小，故B错误，C正确；红光光子的能量小于紫光，但是光子个数不能确定，故红光的能量不一定比紫光小，故A错误；温度升高，物体辐射的紫光增强、辐射的红光也增强，故D错误． 答案：C 17．真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F，如果保持它们之间的距离不变，只将其中一个电荷的电荷量增大为原来的2倍，它们之间的静电力将变为F′，则F′与F的比值为( ) 1A． 2C．2 B．1 D．4 Q1Q2 可知将其中之一的电量增r2 解析：由库仑定律的公式：F＝k 大为原来的2倍，它们之间的距离不变，则它们之间的静电力大小变 8 为原来的2倍，故C正确，A、B、D错误． 答案：C 18．下列关于电容的说法正确的是( ) A．电容器简称电容 B．电容器A的电容比B的大，说明A的带电荷量比B多 C．电容在数值上等于使两极板间的电势差为1 V时电容器需要带的电荷量 Q D．由公式C＝知，电容器的电容与电容器两极板间的电压成 U反比，与电容器所带的电荷量成正比 解析：电容器和电容是两个不同的概念，A错误；电容器A的电容比B的大，只能说明电容器A容纳电荷的本领比B强，与是否带电无关，B错误；电容器的电容大小和它的两极板所带的电荷量、两极板间的电压、电容器的体积等均无关，D错误． 答案：C 19．下列选项中的操作能使如图所示的三种装置产生感应电流的是( ) A．甲图中，使导体棒AB顺着磁感线运动 B．乙图中，使条形磁铁插入或拔出线圈 C．丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A插入大螺线管B中不动 D．丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A插入大螺线管B 9 中不动，不移动滑动变阻器的滑片 解析：题图甲中导体棒顺着磁感线运动，穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，无感应电流，故A错误；题图乙中条形磁铁插入线圈时线圈中的磁通量增加，拔出线圈时线圈中的磁通量减少，线圈中都能产生感应电流，故B正确；题图丙中开关S保持闭合，回路中为恒定电流，小螺线管A产生的磁场稳定，螺线管B中的磁通量无变化，无感应电流，故C错误；题图丙中开关S保持闭合，小螺线管A插入大螺线管B中不动，移动滑动变阻器的滑片使闭合回路中的电流变化，从而使小螺线管A产生的磁场变化，故大螺线管B中的磁通量变化，有感应电流，不移动滑动变阻器的滑片，回路中不会产生感应电流，故D错误． 答案：B 20．袋鼠跳是一项很有趣的运动．如图所示，一位质量m＝60 kg的老师参加袋鼠跳游戏，全程10 m，假设该老师从起点到终点用了相同的10跳，每一次跳起后，重心上升最大高度为h＝0.2 m．忽略空气阻力，下列说法正确的是( ) A．该老师起跳时，地面对该老师做正功 B．该老师每跳跃一次克服重力做功的功率约为300 W C．该老师从起点到终点的时间可能是7 s D．该老师从起点到终点的时间可能是4 s 解析：老师起跳时，地面虽然对老师有弹力作用，但在弹力的方 10 向上没有位移，所以地面对老师没有做功，故A错误；因重心上升1 的最大高度h＝0.2 m，根据自由落体公式h＝gt2，将数据代入得t＝ 22h ＝0.2 s，老师每跳跃一次克服重力做的功W＝mgh＝120 J，考g 虑人屈膝跳起的时间，则该老师每跳跃一次的时间t′>2t，所以每跳W 跃一次克服重力做功的功率P<，即P<300 W，故B错误；因老师 2t上升时间等于下降时间，且上升时间t＝0.2 s，则人在空中运动的时间t1＝2t＝0.4 s，老师从起点到终点用了相同的十跳，考虑人屈膝跳起的时间，则总时间t总＞10t1＝4 s，故C正确，D错误． 答案：C 二、非选择题(本大题包括3小题，共40分．) 21．(12分)在练习使用多用电表的实验中，请完成下列问题： (1)测量电阻时，如果选择“×10”挡位发现指针偏转过小，应将选择开关S拨至倍率“________”的挡位，重新进行________后测量． (2)如图为一正在测量中的多用电表表盘．如果是用“×10”挡测量电阻，读数为________Ω. 解析：(1)测量电阻时如果指针偏转过小，所选挡位太小，应换大挡，应将选择开关S拨至倍率较大的挡位，即为“×100”，并重新进行欧姆调零后测量．(2)如果是用“×10”挡测量电阻，由图示 11 表盘可知，其读数为30×10 Ω＝300 Ω. 答案：(1)×100 欧姆调零 (2)300 22．(13分)如图所示，两块水平放置的带电金属板A、B之间有电场强度大小为E、方向竖直向下的匀强电场．质量为m的带电微粒恰好能悬浮在两板之间． (1)该微粒带正电还是负电？ (2)求该微粒所带的电荷量q； (3)由于吸附尘埃该微粒质量增大到2m，若电荷量不变，求其加速度的大小和方向． 解析：(1)微粒受向上的电场力和向下的重力平衡，而电场方向向下，则微粒带负电荷．(2)力的平衡mg＝qE，得q＝1 动定律2mg－qE＝2ma，得a＝g，方向竖直向下． 2 1mg 答案：(1)负 (2) (3)g，方向竖直向下 E2 23．(15分)如图所示，同一竖直平面内的光滑轨道，是由一斜直轨道和一段由细圆管弯成的圆形轨道连接而成，斜直轨道的底端与圆形轨道相切．圆形轨道半径为R(细圆管内径远小于R)，A是圆形轨道的最低点，B是圆形轨道的最高点，O是圆形轨道的圆心．现有一质量为m的小球从斜直轨道上某处由静止开始下滑，进入细圆管内做圆周运动．忽略机械能损失，重力加速度用g表示．试求： (1)若小球从距地面高2R处下滑，小球到达A点的速度大小； (2)若小球到达B点时速度大小为gR，小球下落的高度应是圆 12 mg .(3)牛顿运E 形轨道半径的多少倍． 解析：(1)小球从释放到A点的过程中根据动能定理，有mg·2R12 ＝mvA－0， 2 解得vA＝2gR. 12 (2)小球从释放到B点过程运用动能定理得mg(h－2R)＝mvB－ 20 5 代入B点的速度计算得出：h＝R；即小球下落的高度应是圆形 25 轨道半径的倍． 2 5 答案：(1)2gR (2)倍 2 13 因篇幅问题不能全部显示，请点此查看更多更全内容